河北石家庄市普通高中2024届高三下学期二模试题 物理(含参考答案)

。 石家庄市 2024 届高中毕业年级教学质量检测 （二 ） 物理参考答案 一、单项选择题：本题共 7小题，每小题 4分，共 28 分。在每小题给出的四个选项中，只 有一项符合题目要求。 1 2 3 4 5 6 7 A C D A D C C 二、多项选择题：本题共 3小题，每小题 6分，共 18 分。在每小题给出的四个选项中，有 两个或两个以上选项符合题目要求 。全部选对的得 6分 ，选对但不全的得 3分 ，有选错的 得 0分。 8 9 10 AC AB AC 三、非选择题：共 54 分。 11. （ 8分） （ 1） mAt2=(mA+mB)t1（ 2分） 2： 3（ 2分） （ 2） 5 B 4 A 3 A t m t m t m   （ 2分） 大于（ 2分） 12. （ 8分） （ 1） A（ 2分 ）（ 2） 右侧 0、 4（ 2分 ）（ 3） nU 1 U0－ U1（ 2分） nU U0－ U1（ 2分） 13. （ 8分） 解 ：（ 1）（ 4分）由折射定律可知玻璃砖的折射率为 0 0 sin60 sin30 n （ 2分） 解得： 3 n （ 2分） （ 2）（ 4分）作出折射光路交圆面于 P1， P2， 且 P1， P2处刚 好发生全反射，临界角 1 3 sin 3 C n  （ 2分） 解得： C=35.5 ° 半圆 上 P1、 P2之间有光射出， ∠ P1OP 2=35.5 °× 2=71 °（ 2分）{#{QQABLQSQogiAAIJAARgCQQXyCkCQkBEACIoOAFAMoAAAyRFABAA=}#} 14. （ 14 分） 解 ：（ 1）（ 4分）设弹簧的 最大 弹性势能为 EP， 释放物块 A 从 Q 点运动到 O 点过程 ， 由机 械能守恒定律可得： 2 p A A 1 2 E m v  （ 1分） 释放物块 B从 Q 点运动到 O 点过程 ， 由机械能守恒定律可得： 2 p B B 1 2 E m v  （ 1分） 物块 B从 O 点到 M 点过程 ，由动能定理 可得： 2 B B B 1 0 2 m gs m v    （ 1分） 解得 ： OM 距离 m5.0s （ 1分） （ 2） （ 4分）设 P刚好能回到 O 点，由动能定理 可得： 2 P PP 1 0 2 m gs m v    （ 1分） 解得 B、 C碰后的速度 vP=2m/s B、 C碰撞过程动量守恒 C C B C P) m v m m v   （ （ 1分） 解得： vC=4m/s <6m/s= v0 说明物块 C一直被加速到 M 点， 由动能定理得 2 C C C 1 2 m gl m v   （ 1分） 解得： m2l （ 1分） （ 3）（ 6分 ）设 C加速到与 传送 带共速时位移为 0l，由动能定理得 2 C 0 C 0 1 2 m gl m v   （ 1分 ） 解得： m5.4 0 l （ 1分） ① 当 2m 4.5m l  时， C运动到 M 点时的速度 2C 2 v gl    （ 1分） B、 C碰撞过程动量守恒 CCBCP ) mvmmv （ P由 M 点 到 O 点 有 22 p 2 vvgs    解得 ： 24 vl （ 1分） ② 当 4.5m 9m l  时， 物块 C运动到 M 点的速度恒为 v0（ 1分） B、 C碰撞过程动量守恒： C 0 B C P) m v m m v   （ P由 M 点 到 O 点 有 2 2p 2 v v gs    {#{QQABLQSQogiAAIJAARgCQQXyCkCQkBEACIoOAFAMoAAAyRFABAA=}#} 解得 ： 5m/s v （ 1分） （其他方法也可给分） 15. （ 16 分） 解 ：（ 1）（ 5分）金属棒由静止释放达到最大速度 v时，导体棒受到的合外力为零，对其受 力分析， 如图所示，由平衡条件可得： sin mgF   安（ 1分） 由安培力公式 得 ： 00 FBIL  安 （ 1分） 由闭合电路欧姆定律可得： 0 E I R  （ 1分） 由法拉第电磁感应定律可得： 0 EBLv  （ 1分） 解得： 2 2 0 sin mgR v B L   （ 1分） （ 2）（ 3分）金属棒 第一次沿右侧导轨上滑过程中，通过金属棒的电流始终为 0，整个回路 磁通量不变 ， 有 Lx B Ls B Ls B 0 1 0   （ 2分） 解得： 0 1 0 B B B x s   （ 1分） （ 3）（ 8分 ）金属棒 第一次沿右侧导轨上滑过程中 ，通过金属棒的电 流始终为 0， 如图所示， 对金属棒受力分析，由牛顿第二定律可得 ： sin cos mg mg ma      （ 1分） 由运动学公式可得 ， 金属棒沿右侧上滑的最大距离 2 m 2 v x a  （ 1分） 金属棒沿右侧导轨向下做加速度大小 a=gsin θ的匀加速直线运动，如图所示， 对金属棒受 力分析，由牛顿第二定律可得： 0 sincos mgBILmgma    （ 1分） 金属棒沿右侧导轨 下滑 由运动学公式可得： 2 m 1 2 x at  （ 1分） 由电 荷 量定义得： It q （ 1分）{#{QQABLQSQogiAAIJAARgCQQXyCkCQkBEACIoOAFAMoAAAyRFABAA=}#} 由闭合电路欧姆定律可得： E I R   由法拉第电磁感应定律可得： E t   （ 1分） 金属棒沿右侧导轨 下滑过程中磁通量的变化量为 ： 210mBLsBLsBLx   （ 1分） 其中 ： 0 1 0 m B B B x s   联立 解 得： 2 sin a g   ， 0 sin mg I B L   ， 2 33 0 2 sin 2 m gR q B L   2 20 340 2sin 2 mgR BB BLs   （ 1分） （其他方法也可给分）{#{QQABLQSQogiAAIJAARgCQQXyCkCQkBEACIoOAFAMoAAAyRFABAA=}#}